Автор: Полина Сорокина

По третьему условию теоремы определитель не равен нулю. Разложим его по элементам последней строки. Тогда хотя бы один из соответствующих миноров $m-1$-го порядка отличен от нуля. Пусть, например,
$$\begin{vmatrix}\frac{\partial F_{1}}{\partial y_{1}} & \cdots & \frac{\partial F_{1}}{\partial y_{m-1}} \\\cdots & \cdots & \cdots \\\frac{\partial F_{m-1}}{\partial y_{1}} & \cdots & \frac{\partial F_{m-1}}{\partial y_{m-1}}\end{vmatrix}_{\left(x^{0}, y^{0} \right)}\neq 0$$
Тогда по предположению индукции существуют такие клеточные окрестности

$K_{1}=\left\{\left(x, y_{m} \right): \left|x_{i}-x_{i}^{0} \right|\leq \varepsilon _{i}’, i=\overline{1, n}, \left|y_{m}-y_{m}^{0} \right|<\delta _{m}’ \right\}$,

$Q_{1}=\left \{ \left ( y_{1},…,y_{m-1} \right ): \left | y_{j}-y_{j}^{0} \right |\leqslant \delta ‘_{j}, j=\overline{1,m-1} \right \}$,

в которых система первых $m-1$ уравнений $F_{i}\left(x, y \right)=0$, $i=\overline{1, m}$ определяет $y_{1},…, y_{m-1}$ как неявные функции переменных $x_{1},…,x_{n},y_{m}$, т.е. $y_{j}=\psi _{j}\left(x, y_{m} \right), j=\overline{1, m-1}$.

Функции $\psi _{j}\left(x,y_{m} \right)$ непрерывно дифференцируемы и $\psi _{j}\left(x^{0},y_{m}^{0} \right)=y_{j}^{0}$, $j=\overline{1,m-1}$; $\left(x, y_{m} \right)\in K_{1}$, $F_{j}\left(x, \psi _{1}\left(x,y_{m} \right),…,\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right), y_{m} \right)\equiv 0$.

Если $K_{2}=\left\{\left(x_{1},…,x_{n} \right): \left|x_{i}-x_{i}^{0} \right|<\varepsilon ‘_{i}, i=\overline{1,m} \right\}$,

$Q_{2}=\left\{\left(y_{1},…,y_{m} \right): \left|y_{j}-y_{j}^{0} \right|<\delta ‘_{j}, j=\overline{1,m} \right\}$,

то при $x\in K_{2}, y\in Q_{2}$ система уравнений $F_{i}\left(x, y \right)=0$, $i=\overline{1, m}$ эквивалентна следующей системе:

$y_{1}-\psi _{1}\left(x,y_{m} \right)=0,…,y_{m-1}-\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right)=0$, $\tilde{F}_{m}\left(x,y_{m} \right)=F_{m}\left(x, \psi _{1}\left(x,y_{m} \right),…,\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right), y_{m} \right)=0$.

Уравнение $\tilde{F}_{m}\left(x,y_{m} \right)=0$ может быть разрешено относительно $y_{m}$, так как для него выполнены все условия теоремы о неявной функции одной переменной. $\tilde{F}_{m}\left(x,y_{m} \right)$ непрерывно дифференцируема как суперпозиция непрерывно дифференцируемых функций.

Следовательно,
$\tilde{F}_{m}\left(x^{0},y_{m}^{0} \right)=F_{m}\left(x^{0}, \psi _{1}\left(x^{0},y_{m}^{0} \right),…,\psi _{m-1}\left(x^{0},y_{m}^{0}\right),y_{m}^{0}\right)=F\left(x^{0},y_{1}^{0},…,y_{m}^{0} \right)=0$.

Теперь проверим условие $\frac{\partial \tilde{F}_{m}}{\partial y_{m}}\neq 0$ для аргументов $x^{0}, y^{0}_{m}$.

Если оно не выполнено, то $\frac{\partial \tilde{F}_{m}}{\partial y_{m}}=\sum_{p=1}^{m-1}{\frac{\partial F_{m}}{\partial y_{p}}}\frac{\partial \psi _{p}}{\partial y_{m}}+\frac{\partial F_{m}}{\partial y_{m}}=0$.

Дифференцируя по $y_{m}$ тождества $F_{j}\left(x, \psi _{1}\left(x,y_{m} \right),…,\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right), y_{m} \right)\equiv 0$ в точке $\left(x^{0},y^{0} \right)$, получаем

$\sum_{p=1}^{m-1}{\frac{\partial F_{j}}{\partial y_{p}}\frac{\partial \psi _{p}}{\partial y_{m}}+\frac{\partial F_{j}}{\partial y_{m}}}=0$, $j=\overline{1,m-1}$.

Следовательно, последний столбец определителя есть линейная комбинация остальных его столбцов, тогда определитель равен нулю, а это противоречит условию теоремы.

Выполняются все условия теоремы о неявной функции одной переменной, значит существует окрестность $K=\left\{\left(x,y_{m} \right): \left|x_{i}-x_{i^{0}} \right|<\varepsilon _{i}<\varepsilon _{i}’, i=\overline{1,n}; \left|y_{m}-y_{m^{0}} \right|<\delta _{m}<\delta _{m}’ \right\}$, в которой уравнение $\tilde{F}_{m}\left(x,y_{m} \right)=0$ определяет $y_{m}$ как неявную непрерывно дифференцируемую функцию $y_{m}=\varphi _{m}\left(x \right)$, причём $y_{m}^{0}=\varphi _{m}\left(x^{0} \right)$.

В окрестности $K$ система $y_{1}-\psi _{1}\left(x,y_{m} \right)=0,…,y_{m-1}-\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right)=0$, $\tilde{F}_{m}\left(x,y_{m} \right)=F_{m}\left(x, \psi _{1}\left(x,y_{m} \right),…,\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right), y_{m} \right)=0$ эквивалентна и системе $F_{i}\left(x, y \right)=0$, $i=\overline{1, m}$, и системе: $y_{1}-\psi _{1}\left(x,y_{m} \right)=0,…,y_{m-1}-\psi _{m-1}\left(x,y_{m} \right)=0$, $y_{m}-\varphi _{m}\left(x \right)=0$.

Данная система, в свою очередь, эквивалентна следующей: $y_{1}=\varphi _{1}\left(x \right),…,y_{m}=\varphi _{m}\left(x \right)$, где $\varphi _{1}\left(x \right)=\psi _{1}\left(x,\varphi _{m}\left(x \right) \right),…,\varphi _{m-1}\left(x \right)=\psi _{m-1}\left(x,\varphi _{m}\left(x \right) \right)$, причём $\varphi _{1}\left(x^{0} \right)=y_{1}^{0},…,\varphi _{m}\left(x^{0} \right)=y_{m}^{0}$.

Уравнения $F_{i}\left(x, y \right)=0$, $i=\overline{1, m}$ неявно определяют систему функций $\varphi _{1}\left(x \right),…,\varphi _{m}\left(x \right)$ в окрестности $K\times Q$ точки $\left(x^{0},y^{0} \right)$, где

$K=\left\{x: \left|x_{i}-x_{i}^{0} \right|<\varepsilon _{i}, i=\overline{1, n} \right\}$,

$Q=\left\{y: \left|y_{i}-y_{i}^{0} \right|<\delta _{i}, j=\overline{1, m} \right\}$, $\delta _{j}=\delta ‘_{j}$ при $ j=\overline{1, m-1}$.

Докажем существование неявной функции. Так как, по условию, $F_{y}\left(x_{0}, y_{0} \right)\neq 0$, то $F_{y}\left(x, y \right)>0$ либо $F_{y}\left(x, y \right)<0$. Без ограничения общности будем считать $F_{y}\left(x, y \right)>0$. Иначе можно было бы взять эквивалентную функцию $-F_{y}\left(x, y \right)=0$. Тогда $-F_{y}\left(x_{0}, y_{0} \right)>0$. Функция $F_{y}\left(x, y \right)$ непрерывна в точке $\left(x_{0}, y_{0} \right)$ и принимает в этой точке положительное значение. Следовательно, существует такой прямоугольник (рис.) $K_{1}=\left\{\left(x, y \right): \left|x-x_{0} \right|\leq a_{1}, \left|y-y_{0} \right|\leq b \right\}$, $K_{1}\in R^{2}$, в котором $F_{y}\left(x, y \right)>0$.

Рассмотрим функцию одной переменной $\psi \left(y \right)=F\left(x_{0}, y \right)$, где $y_{0}-b\leq y\leq y_{0}+b$. $\psi \left(y \right)$ строго возрастает на отрезке $\left[y_{0}-b; y_{0}+b \right]$, так как $\psi ‘\left(y \right)=F_{y}\left(x_{0}, y \right)>0$.
В силу того, что $F\left(x_{0}, y_{0} \right)=0$, $\psi \left(y_{0} \right)=F\left(x_{0}, y_{0} \right)=0$.

Следовательно, $\psi \left(y_{0}-b \right)=F\left(x_{0}, y_{0}-b \right)<0$, $\psi \left(y_{0}+b \right)=F\left(x_{0}, y_{0}+b \right)>0$.

Так как функция $F\left(x, y \right)$ непрерывна, эти неравенства выполняются в некоторых окрестностях точек $\left(x_{0}, y_{0}-b \right)$ и $\left(x_{0}, y_{0}+b \right)$. Поэтому $\exists a\in \left(0, a_{1} \right):$  $\forall x \in \left[x_{0}-a; x_{0}+a \right]$ выполняется $F\left(x, y_{0}-b \right)<0$, $F\left(x, y_{0}+b \right)>0$.

Покажем, что в прямоугольнике $K=\left\{\left(x, y \right): \left|x-x_{0} \right|\leq a, \left|y-y_{0} \right|\leq b \right\}$ уравнение $F\left(x, y \right)=0$ определяет $y$ как неявную функцию $x$.

Для произвольной точки $x*\in \left[x_{0}-a; x_{0}+a \right]$ рассмотрим непрерывную на $\left[y_{0}-b; y_{0}+b \right]$ функцию одной переменной $\varphi \left(y \right)=F\left(x*, y \right)$.

Так как $F\left(x, y_{0}-b \right)<0$, $F\left(x, y_{0}+b \right)>0$, $\varphi \left(y \right)$ принимает на концах отрезка значения разных знаков: $\varphi \left(y_{0}-b \right)=F\left(x*, y_{0}-b \right)<0$, $\varphi \left(y_{0}+b \right)=F\left(x*, y_{0}+b \right)>0$.

По теореме Коши о нулях непрерывной функции $\exists y*\in \left[y_{0}-b; y_{0}+b \right]: \varphi \left(y* \right)=F\left(x*, y* \right)=0$.

Так как $\varphi ‘\left(y \right)=F_{y}\left(x*, y \right)>0$, то функция $\varphi \left(y \right)$ строго возрастает на отрезке $\left[y_{0}-b; y_{0}+b \right]$ и не может обратиться на этом отрезке в нуль более одного раза.

Таким образом, $\forall x\in \left[x_{0}-a; x_{0}+a \right]$ $\exists !y\in \left[y_{0}-b; y_{0}+b \right]:$$ F\left(x, y \right)=0$. Следовательно, в прямоугольнике $K$ уравнение $F\left(x, y \right)=0$ определяет $y$ как неявную функцию $x$.

Докажем непрерывную дифференцируемость неявной функции. Так как функция $F_{y}\left(x, y \right)$ непрерывна на замкнутом прямоугольнике $K$, то по теореме Вейерштрасса она принимает на этом прямоугольнике своё наименьшее значение $\alpha $. $F_{y}\left(x, y \right)>0$ на $K$, следовательно $F_{y}\left(x, y \right)\geq \alpha >0$, где $\left(x, y \right)\in K$.

Непрерывная на $K$ функция $F_{x}\left(x, y \right)$ ограничена на $K$. Это значит, что
$\left|F_{x}\left(x, y \right) \right|<\beta$, где $\left(x, y \right)\in K$.

Пусть $y=f\left(x \right)$ — неявная функция, определяемая в прямоугольнике $K$ уравнением $F\left(x, y \right)=0$. Возьмём точки $\left(x, y \right)$, $\left(x+\Delta x, y+\Delta y \right)$ $\in G_{F}$ функции $f\left(x \right)$ (график функции $f\left(x \right)$).
Тогда $F\left(x, y \right)=0$, $F\left(x+\Delta x, y+\Delta y \right)=0$.

Воспользуемся формулой конечных приращений Лагранжа:
$F_{x}\left(x+\theta \Delta x, y+\theta \Delta y \right)\Delta x+F_{y}\left(x+\theta \Delta x, y+\theta \Delta y \right)\Delta y=0$,

$\Delta y=-\frac{F_{x}\left(x+\theta \Delta x, y+\theta \Delta y \right)}{F_{y}\left(x+\theta \Delta x, y+\theta \Delta y \right)}\Delta x$, где $0<\theta <1$.

Из $F_{y}\left(x, y \right)\geq \alpha >0$, $\left|F_{x}\left(x, y \right) \right|<\beta$, $\left(x, y \right)\in K$ получаем:
$\left|\Delta y \right|\leq \frac{\beta }{\alpha }\left|\Delta x \right|$.

Следовательно, $\Delta y\rightarrow 0$ при $\Delta x\rightarrow 0$ и неявная функция $f\left(x \right)$ непрерывна в любой точке $x\in \left[x_{0}-a; x_{0}+a \right]$.

Воспользуемся непрерывностью частных производных, поделим предыдущее равенство на $\Delta x$ и перейдём к пределу при $\Delta x\rightarrow 0$:

$\lim_{\Delta x\rightarrow 0}\frac{\Delta y}{\Delta x}=\lim_{\Delta x\rightarrow 0}-\frac{F_{x}\left(x+\theta \Delta x, y+\theta \Delta y \right)}{F_{y}\left(x+\theta \Delta x, y+\theta \Delta y \right)}$.

Выполняется условие теоремы:

$f’\left(x \right)=-\frac{F_{x}\left(x, f\left(x \right) \right)}{F_{y}\left(x, f\left(x \right) \right)}$.

Следовательно, $f’\left(x \right)$ будет непрерывной на отрезке $\left[ x_{0}-a;x_{0}+a\right]$ как суперпозиция непрерывных функций.