17.2 Вычисление радиуса сходимости степенного ряда

Теорема. Пусть дан степенной ряд n=0anxn

Если существует limnn|an|p>0,
то радиус сходимости ряда (1) равен R=1p. Если для любого n числа an0 и существует limn|an+1an|p>0,
то R=1p=limn|anan+1|.

Для доказательства первого утверждения применим признак Коши. Для фиксированного x имеем n|anxn|=nan|x|p|x|(n).

Если |x|<1p, то ρ|x|<1 и, по признаку Коши, ряд (1) сходится абсолютно. Если |x|>1p, то p|x|>1 и, следовательно, ряд (1) расходится, т. к. не выполнено необходимое условие сходимости.
Доказательство второго утверждения теоремы легко можно провести аналогично, используя признак Даламбера (проведите самостоятельно). Мы покажем, что из существования предела ρ следует существование предела ρ и их равенство ρ=ρ. Ясно, что отсюда также будет следовать второе утверждение теоремы.
Зададим ϵ>0 и найдем такой номер N, что для всех nN справедливо неравенство ||an+1an|p|<ϵ.
Тогда pϵ<|an+1an|<p+ϵ
т. е.
|an|(ρϵ)<|an+1|<|an|(ρ+ϵ).
Применяя рекуррентно левое неравенство, получаем |aN+1|>(ρϵ)|aN|,
|aN+2|>(ρϵ)2|aN|,,|aN+k|>(ρϵ)k|aN|,,
а из правого неравенства следует, что |aN+k|<(ρ+ϵ)k|aN|(k=1,2,).

Пусть n>N, т. е. n=N+k, где kN. Тогда n|an|<(ρ+ϵ)nNn|aN|1n=(ρ+ϵ)1Nnn|aN|.
При фиксированном N выражение справа стремится к ρ+ϵ при n. Поэтому при nN1 оно меньше, чем ρ+2ϵ. Аналогично можно показать, что при nN2 справедливо неравенство n|an|>ρ2ϵ. Получим, что при nN3max(N1,N2) имеет место неравенство ρ2ϵ<n|an|<ρ+2ϵ,
а это означает, что существует ρlimnn|an|=ρ.

Замечание 1. Если в условии теоремы считать, что 10=+ и 1+=0, то теорема остается справедливой и в случаях ρ=0 и ρ=+. При этом необходимые изменения в доказательстве очевидны (проведите самостоятельно).

Замечание 2. Во второй части доказательства нашей теоремы мы,
по существу, доказали, что из существования limnan+1an(an>0) следует, что существует и limnnan, и эти пределы равны. Для рядов с
положительными слагаемыми это означает, что признак Коши не слабее
признака Даламбера.

Итак, мы можем находить радиус сходимости R=1ρ степенного ряда (1) в случае если существует ρ=limnn|an|,

где 0ρ+. Но предел ρ может и не существовать. В общем случае радиус сходимости ряда (1) находится следующим образом.

Теорема Коши – Адамара. Пусть дан степенной ряд n=0anxn.

Тогда его радиус сходимости равен R=1¯limnn|an|,
где понимается 10=+ и 1+=0.

Доказательство этой теоремы основано на применении обобщенного признака Коши сходимости рядов с положительными слагаемыми.

Теорема (обобщенный признак Коши). Пусть дан числовой ряд n=0un,

где числа un0. Если ¯limnnun<1, то ряд (3) сходится, а если ¯limnnun>1, то ряд (3) расходится.

Если ¯limnnun>1, то существует подпоследовательность номеров nk, таких, что unk1, а значит, un не стремится к нулю, и следовательно, ряд (3) расходится, т. к. не выполнено необходимое условие сходимости. Если же ¯limnnunq<1, то для 0<ϵ<1q найдется такой номер N, что для всех nN справедливо неравенство nun<q+ϵ<1. Отсюда следует, что un<(q+ϵ)n при nN и, значит, ряд (3) сходится в силу признака сравнения.

(Теоремы Коши – Адамара). Имеем ¯limnn|anxn|=¯limnn|an||x|.

Если |x|>1limnn|an|,
то для ряда n=0|anxn| не выполнено необходимое условие сходимости.
Следовательно, необходимое условие сходимости не выполнено и для ряда
(2), т. е. он расходится.

Примеры:

Пример 1. Рассмотрим ряд n=0nxn.
Здесь an=n,limnnan=limnnn=1, т. е. R=1limnnan=1. В точках x=R=1 и x=R=1 ряд расходится. Область его сходимости
– интервал(1,1).
Пример 2. Для ряда n=0[3+(1)n]nxn

имеем an=[3+(1)n]n, ¯limnnan=¯limn[3+(1)n]=4, R=14. Данный ряд сходится при |x|<14. Если x=±14, то |a2kx2k|=42k142k=1, т. е. слагаемые с четными номерами равны 1 и
предел слагаемых ряда не равен нулю. Окончательно, область сходимости
ряда – интервал (14,14).
Пример 3. Для ряда n=0(n!)2(2n!)xn
имеем an=(n!)2(2n!),limn((n+1)!)2(2(n+1))!(n!)2(2n)!=limn((n+1)!)2(2n)!(2n+2)!(n!)2=limn(n+1)2(2n+1)(2n+2)=14, R=4. Данный ряд сходится при |x|<4.
При x=4 получаем числовой ряд n=1an, где an=(n!)24n(2n)!. Поскольку anan+1=112n+12n(n+1), то an<an+1. Это означает, что последовательность (an) монотонно возрастает. Следовательно не выполняется необходимое условие для сходимости ряда (предел общего члена отличен от нуля), ряд расходится. Аналогично для x=4. Окончательно, область сходимости
ряда – интервал (4,4).
Пример 4. Рассмотрим ряд n=0(1+1n)n2xn.
1R=limn(1+1n)n2=e2. Следовательно при |x|<1e2 сходится абсолютно. В точках x=R=1e2 и x=R=1e2 ряд расходится. Область его сходимости
– интервал(1e2,1e2).

Тест по теме: "Радиус сходимости числового ряда"

Небольшой тест по теории и практике.

Литература

  1. Б. П. Демидович Сборник задач по математическому анализу 13-е издание, исправленное Издательство Московского университета Издательство ЧеРо 1997 отдел V ряды (ст. 284)
  2. В. И. Коляда, А. А. Кореновский «Курс лекций по математическому анализу». — Одесса: Астропринт, 2010, ч.2. раздел 17 «Вычисление радиуса сходимости степенного ряда». (ст. 56 — 60)
  3. Кудрявцев Л. Д. курс математического анализа : учебник для вузов: В 3 т. Т. 2. Радиус сходимости и круг сходимости степенного ряда / Л. Д. Кудрявцев. — 5-е изд., перераб. и доп. — Москва: Дорфа, 2003. — 720 с. (ст. 107 — 108).