Теорема. Пусть дан степенной ряд ∞∑n=0anxn
Для доказательства первого утверждения применим признак Коши. Для фиксированного x имеем n√|anxn|=n√an⋅|x|→p|x|(n→∞).
Доказательство второго утверждения теоремы легко можно провести аналогично, используя признак Даламбера (проведите самостоятельно). Мы покажем, что из существования предела ρ∗ следует существование предела ρ и их равенство ρ=ρ∗. Ясно, что отсюда также будет следовать второе утверждение теоремы.
Зададим ϵ>0 и найдем такой номер N, что для всех n≥N справедливо неравенство ||an+1an|−p∗|<ϵ.
|an|(ρ∗−ϵ)<|an+1|<|an|(ρ∗+ϵ).
Пусть n>N, т. е. n=N+k, где k∈N. Тогда n√|an|<(ρ∗+ϵ)n−Nn|aN|1n=(ρ∗+ϵ)1−Nnn√|aN|.
Замечание 1. Если в условии теоремы считать, что 10=+∞ и 1+∞=0, то теорема остается справедливой и в случаях ρ=0 и ρ=+∞. При этом необходимые изменения в доказательстве очевидны (проведите самостоятельно).
Замечание 2. Во второй части доказательства нашей теоремы мы,
по существу, доказали, что из существования limn→∞an+1an(an>0) следует, что существует и limn→∞n√an, и эти пределы равны. Для рядов с
положительными слагаемыми это означает, что признак Коши не слабее
признака Даламбера.
Итак, мы можем находить радиус сходимости R=1ρ степенного ряда (1) в случае если существует ρ=limn→∞n√|an|,
Теорема Коши – Адамара. Пусть дан степенной ряд ∞∑n=0anxn.
Доказательство этой теоремы основано на применении обобщенного признака Коши сходимости рядов с положительными слагаемыми.
Теорема (обобщенный признак Коши). Пусть дан числовой ряд ∞∑n=0un,
Если ¯limn→∞n√un>1, то существует подпоследовательность номеров nk, таких, что unk≥1, а значит, un не стремится к нулю, и следовательно, ряд (3) расходится, т. к. не выполнено необходимое условие сходимости. Если же ¯limn→∞n√un≡q<1, то для 0<ϵ<1−q найдется такой номер N, что для всех n≥N справедливо неравенство n√un<q+ϵ<1. Отсюда следует, что un<(q+ϵ)n при n≥N и, значит, ряд (3) сходится в силу признака сравнения.
(Теоремы Коши – Адамара). Имеем ¯limn→∞n√|anxn|=¯limn→∞n√|an|⋅|x|.
то для ряда ∞∑n=0|anxn| не выполнено необходимое условие сходимости.
Следовательно, необходимое условие сходимости не выполнено и для ряда
(2), т. е. он расходится.
Примеры:
– интервал(−1,1).
имеем an=[3+(−1)n]n, ¯limn→∞n√an=¯limn→∞[3+(−1)n]=4, R=14. Данный ряд сходится при |x|<14. Если x=±14, то |a2kx2k|=42k142k=1, т. е. слагаемые с четными номерами равны 1 и
предел слагаемых ряда не равен нулю. Окончательно, область сходимости
ряда – интервал (−14,14).
При x=4 получаем числовой ряд ∞∑n=1an, где an=(n!)24n(2n)!. Поскольку anan+1=1−12n+12n(n+1), то an<an+1. Это означает, что последовательность (an) монотонно возрастает. Следовательно не выполняется необходимое условие для сходимости ряда (предел общего члена отличен от нуля), ряд расходится. Аналогично для x=−4. Окончательно, область сходимости
ряда – интервал (−4,4).
– интервал(−1e2,1e2).
Тест по теме: "Радиус сходимости числового ряда"
Небольшой тест по теории и практике.
Литература
- Б. П. Демидович Сборник задач по математическому анализу 13-е издание, исправленное Издательство Московского университета Издательство ЧеРо 1997 отдел V ряды (ст. 284)
- В. И. Коляда, А. А. Кореновский «Курс лекций по математическому анализу». — Одесса: Астропринт, 2010, ч.2. раздел 17 «Вычисление радиуса сходимости степенного ряда». (ст. 56 — 60)
- Кудрявцев Л. Д. курс математического анализа : учебник для вузов: В 3 т. Т. 2. Радиус сходимости и круг сходимости степенного ряда / Л. Д. Кудрявцев. — 5-е изд., перераб. и доп. — Москва: Дорфа, 2003. — 720 с. (ст. 107 — 108).